黎曼猜想存在等于【-1】的证明

云南玉龙之

Riemann hypothesis exists = [-1] proof
===

Riemann hypothesis 黎曼猜想
===
Fixed point 不动点Ri
则φ的不动点即为该问题的解。
因为∵在（0，∞]
f方程a=2/(x+1/x)
存在x=f(x)
既1=2/(1+1/1)
x=1为f(x)=2/(x+1/x)
dD的不动点！！
因为∵在（0，∞]
f方程a=2/(x+1/x)
存在x=f(x)
既1=2/(1+1/1)
x=1为f(x)=2/(x+1/x)
dD的不动点！！
采用【运算子】
构造f(ξ（s))=2/(ξ(s)+1/(ξ(s))
既X=(ξ(s))=黎曼猜想！！
=========================
有又由不动点定理得出x=1=黎曼猜想可以等于1==
====================================
X= -1也是不动点
==========
在复平面上
=== -1等于 i*i
=====云南玉龙县 杨艳红

任在深

   如果区间 【-∞，+∞】
         则  
              ζ（1）：  （-1，1）
              ξ（2）：  （-2，2）
              ξ（3）：  （-3，3）
                *           *
                *           *
                *           *
             ξ（P)：     （-P,P）

云南玉龙之

天诗：!
不在规律不在爻，
而在载之莲素王；
不在载之连数王；
而在规律而在爻；
载之规律爻数王。
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天诗：@
不在规律不在爻，
而在载之莲数王；
不在载之连数王；
而在规律而在爻；
载之规律爻数王。
===========================
三句话证明哥德巴赫猜x想
一一个偶数为两素数之和［Ａ＝Ｉ＋Ｂ｝
　　ＹＩＧ一个奇数为三素数之和［Ｃ＝Ｉ＋Ｑ＋Ｂ
　　ＳＨＥ设满足勾股定理的联立方程
　　　　　　Ａ＝Ｉ＋Ｂ
　　　　　　Ｃ＝Ｉ＋Ｑ＋Ｂ
　　　　　　Ａ＊Ａ＋Ｂ＊Ｂ＝Ｃ＊Ｃ

一
以B为未知数求解
B*B-2Q*B-（2QI+Q*Q）=0
用求根公式求的B1， B2
B1=Q+2Q=3Q=3I
B2=-Q-I

以A为未知数求解
条件I=Q
A1=I+I+2*I
A2=0

F方程二
一偶数为两素数只和 2na=I+b
YI 一奇数为三素数只和 c=I+q+b
TIAO
条件为满足沟股定理
则 2na=I+b
c=I+q+b
（2na）*（2na）+b*b=c*c
同理2na=4*I


方程3
YOU 由2na=4*I
则年
则na=2*I=I+I
除了B=3，C=5外，就是I=1的情况外！！！
因为假设B是素数，而解出B是合数！
======================================
1）SAP=任何一个偶数可以由两个素数之和构成,任何一个奇数可以由三个素数之和构成
2）SEP=任何一个偶数不可以由两个素数之和构成
3）SIP=任何一个奇数可以由三个素数之和构成（有些数的哥德巴赫猜想是成立0
4）SOP==三句话证明哥德巴赫猜想不成立！
================================================================================
有又由亚里士多德的对当关系的古典逻辑方阵图：
1）人终有一死 ----（全城肯定判断的形式：所有的S是P）
2）所有的人都不会死--
3）有些人会死--------
4)有些人不会死--------（特称否定判断：就是 有S不是P, 或者有的S不是 P, 或者至少有一个S不是P)
M命题1和命题4通称为矛盾命题，只要有人存在，命题1和命题4必有一属实，但不能同真，一方的真决定了另一方的假
命题1---》SAP代表全称肯定判断，
命题4--->SOP代表特称否定判断。
=============================
哥德巴赫猜想；所有的偶数等于两个素数之和---就是SAP
而三句话证明哥德巴赫猜想是属于SOP.---特称否定判断，
因为在此命题中SOP为真，则SAP就是不能同真，
所以哥德巴赫猜想不成立！
此命题中SOP为假，则SAP就是真
既哥德巴赫猜想成立！
========================
SOP是假命题的证明
采用哥德尔配数法
======================
6=3+3
8=5+3
10=5+5
10=3+7
36+64=100
====================
因为以上的满足哥德巴赫猜想的数
==则SOP是假命题
======既哥德巴赫猜想成立
=======================================================================2011---08--26
云南玉龙县   杨艳红！

云南玉龙之

49+1===
==============

wangyangkee

可喜可贺，可喜可贺，俞家养了好儿子，不蠢，不蠢，，，`s

云南玉龙之

通过构造满足毕达哥拉斯定理的GB【哥德巴赫猜想】，
===得出
===满足毕达哥拉斯定理的GB的解是唯一的，这个特称命题
===则再运用皮亚诺公理第五条，对此【特称命题】真假进行判断！
=================================================
三句话证明哥德巴赫猜x想
一一个偶数为两素数之和［Ａ＝Ｉ＋Ｂ｝
　　ＹＩＧ一个奇数为三素数之和［Ｃ＝Ｉ＋Ｑ＋Ｂ
　　ＳＨＥ设满足勾股定理的联立方程
　　　　　　Ａ＝Ｉ＋Ｂ
　　　　　　Ｃ＝Ｉ＋Ｑ＋Ｂ
　　　　　　Ａ＊Ａ＋Ｂ＊Ｂ＝Ｃ＊Ｃ

一
以B为未知数求解
B*B-2Q*B-（2QI+Q*Q）=0
用求根公式求的B1， B2
B1=Q+2Q=3Q=3I
B2=-Q-I

以A为未知数求解
条件I=Q
A1=I+I+2*I
A2=0

F方程二
一偶数为两素数只和 2na=I+b
YI 一奇数为三素数只和 c=I+q+b
TIAO
条件为满足沟股定理
则 2na=I+b
c=I+q+b
（2na）*（2na）+b*b=c*c
同理2na=4*I


方程3
YOU 由2na=4*I
则年
则na=2*I=I+I
除了B=3，C=5外，就是I=1的情况外！！！
因为假设B是素数，而解出B是合数！
======================================
1）SAP=任何一个偶数可以由两个素数之和构成,任何一个奇数可以由三个素数之和构成
2）SEP=任何一个偶数不可以由两个素数之和构成
3）SIP=任何一个奇数可以由三个素数之和构成（有些数的哥德巴赫猜想是成立0
4）SOP==满足毕达哥拉斯定理的GB的解是唯一的【GB(SOP)】
================================================================================
有又由亚里士多德的对当关系的古典逻辑方阵图：
1）人终有一死 ----（全城肯定判断的形式：所有的S是P）
2）所有的人都不会死--
3）有些人会死--------
4)有些人不会死--------（特称否定判断：就是 有S不是P, 或者有的S不是 P, 或者至少有一个S不是P)
M命题1和命题4通称为矛盾命题，只要有人存在，命题1和命题4必有一属实，但不能同真，一方的真决定了另一方的假
命题1---》SAP代表全称肯定判断，
命题4--->SOP代表特称否定判断。
=============================
哥德巴赫猜想；所有的偶数等于两个素数之和---就是SAP
而三句话证明哥德巴赫猜想是属于SOP.---特称否定判断
，满足毕达哥拉斯定理的GB的解是唯一的【GB(SOP)】
因为在此命题中SOP为真，则SAP就是不能同真，
所以哥德巴赫猜想不成立！
此命题中SOP为假，则SAP就是真
既哥德巴赫猜想成立！
========================
SOP是假命题的证明
采用哥德尔配数法
======================
6=3+3
8=5+3
10=5+5
10=3+7
36+64=100
====================
因为以上的满足毕达哥拉斯定理的哥德巴赫猜想的数
================================
不在规律不在爻，
而在载之莲素王；
不在载之连数王；
而在规律而在爻；
载之规律爻数王
天诗：@
不在规律不在爻，
而在载之莲数王；
不在载之连数王；
而在规律而在爻；
载之规律爻数王。
==则SOP是假命题
======既哥德巴赫猜想成立
====================
云南玉龙县 杨艳红！
==参考资料：《形式逻辑》--金岳霖
《视读逻辑学》
2011--09--22
191926

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云南玉龙之

好久没有来数学中国了

云南玉龙之

对OF修订为δF后，的修订版，同时对原来的日期进行了删除

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P与NP难题的证明 回复 | 推荐 | 收藏 | 树状
作者： ylf521你好 于 2010-12-14 11:08:37 发表
[编辑] P和NP
复杂度类P包含所有那些可以由一个确定型图灵机在多项式表达的时间内解决的问题；类NP由所有其肯定解可以在给定正确信息的多项式时间内验证的决定问题组成，或者等效的说，那些解可以在非確定型圖靈機上在多项式时间内找出的问题的集合。很可能，计算理论最大的未解决问题就是关于这两类的关系的：

[编辑] 学术定义
更正式一些，一个决定问题是一个取一些字符串为输入并要求输出为是或否的问题。若有一个算法（譬如图灵机，或一个LISP或Pascal的程序并有无限的内存）能够在最多nk步内对一个串长度为n的输入给出正确答案，其中k是某个不依赖于输入串的常数，则我们称该问题可以在多项式时间内解决，并且将它置入类P。直观的讲，我们将P中的问题视为可以较快解决的问题。

IF程序输出一个完整的数学证明
AND证明的每一步合法
AND结论是S确实有（或者没有）一个和为0的子集
THEN
OUTPUT "是"（或者"不是"如果那被证明了）并停机
=============================================================

把f(X)+F(-X)=0归类为P问题，表示为集合S1--->{x|x∈Z,X>0,N-N=0}


猜想的运运算规则出发 设数字S+1 ,S-1 准需准寻同一角谷运算规则运算S整数

阿A=3(S+1)+1 T=3(S-1)+1 A+T=6S+2=

YOU由角谷规则出发A+T为偶数则应除2 记作角谷运算规则f(s)=A+T=3s+1

@@ 由解决-5，-7，-17时依3X+1计算重复执行时会进入循环圈 据负数运算规则出发修改角谷奇数负时运

算重复执行3X-1 偶数则除2记作F（S")

G=3(s"+1)-1 C=3(s"-1)-1 G+C=6S"-2=3S'-1 既F（s")=G+C

ze A+T+G+C=f(S)+F(S'")=3s+1+3S"-1=3(s+S")=3a

当(s+S")奇时则以！3x+1 f(s)+F(S"0=3a*3+1=9a+1 s+S">0

@@3x-1 f(s)+F(S")=3*3a-1=9a-1 s+S"<0

s+S"为偶数除以2 f(s)+F(S")=3/2a

yi乙 一整数小C表示为c=log(N*1/N*X) 则 -c=-log(N*1/N*X)

A+T=c=logN+log(X/N ) G+C=-c=logN+long(1/N*1/X)

ze A+T+G+C=f(c)+F(-c)=0000

ji f(s)+F(S")=A+T+G+C=0

因为由0定义是非奇非偶出发 当一个数表达为A+T+G+C时 不用（无法）执行循环的程序语句 即f(s)+F

(S")有一种可能结果为0000



a+t=3c+1=3logN+3log(x/N)+1
g+c=3x-1=3logN+3log(1/(Nx))-1
f(x)+f(-X)=6logN+3log(1/N*1/N)

=6logN-6logN=0000




图林条件停机、
D等价于哥德尔不完全定理

此解题方法叫=========对折迭加发法

知识的第一原理-----
---------同一事物即存在又不存在是不可能的-----
----------------==== A=A
--------------=====--[A]+[-A]=0 0就是不可能

“ 知识的第一原理-----
---------同一事物即存在又不存在是不可能的-
-------------是非常清楚确定的，但我看不出能供给我们任何知识”
-----《波儿罗亚尔逻辑》----《形式逻辑》---金乐霖


============================================================


<把多项式乘法归类为NP问题》
通俗地说：可以将NP类问题已多项式乘法表示，
例如推销员问题是NP完全问题

t通俗地说：可以将NP类问题以多项式乘法表示，NP问题为非确定型多多项式
反演变化：对于一逻辑表达式F施行这样是的变换：1与0互换'+"与“*”.互换，原变量换成他的非（~）此时所得的变换为反演变化记作δF,反演定理对逻辑式F实行反演变变换后所得δF为F的逻辑非，既δF=~F,
YOU有NP类问题，多项式乘法(X-1/X）*（X-1/X)进行0与1的哥德尔的配数法；
此多项式表达为逻辑方程E=X-1/X
E*E=E
E(0)=0-1/0为不可证明
E(1)=1-1/1=0
E(0)=不可证明
E(1)=0
E(0)+E(1)进行反演逻辑变换 +为逻辑加
δ(E(X)=E(0)*E(1)=1*可证明
=========================
【可证明】用e代替
则E(0)=~ e
E(1)=0
δ(E(X))=1*e
既多项式乘法（X-1/X）*（X-1/X)映射为δ(E(X))=1*e
YWEI
因为多项式乘法（X-1/X)*(X-1/X)取0时候无意义
既规定X≠0
集合B:{X|X∈R,X≠0}
NP---->集合B:{X|X∈R,X≠0，δ(E(X))=1*e}


回复 引用

！
1《形式逻辑》金岳霖
2《虚实世界》哟翰。L.卡斯蒂
3，《维基百科》

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δδ
！

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云南玉龙之

Riemann hypothesis exists = [-1] proof
===

Riemann hypothesis 黎曼猜想
===
Fixed point 不动点Ri
则φ的不动点即为该问题的解。
因为∵在（0，∞]
f方程a=2/(x+1/x)
存在x=f(x)
既1=2/(1+1/1)
x=1为f(x)=2/(x+1/x)
dD的不动点！！
因为∵在（0，∞]
f方程a=2/(x+1/x)
存在x=f(x)
既1=2/(1+1/1)
x=1为f(x)=2/(x+1/x)
dD的不动点！！
采用【运算子】
构造f(ξ（s))=2/(ξ(s)+1/(ξ(s))
既X=(ξ(s))=黎曼函数！！
=========================
有又由不动点定理得出x=1=黎曼函数可以等于1==
====================================
X= -1也是不动点
==========
在复平面上
=== -1等于 i*i
=====云南玉龙县 杨艳红
本主题由 luyuanhong 于 2016-1-27 12:57 移动

任在深

楼主您好！您的证明方法不太正规，当然我的证明也不一定正确！请提出批评指正！！
证明黎曼猜想，Δ=X/2
       证
因为
               (1)   Pn+Pn=2n=X    (哥德巴尔猜想的特例）
所以
               (2)   2Pn=X
                        Pn=X/2.
             因此所有素数都落在X/2上！
     P1=2/2=1
      P2=4/2=2
      P3=6/2=3
      P4=10/2=5
         *
         *
         *
      Pn=X/2
所有的素数都落在直线X/2上,即Δ=1/2。
她的左端是平凡0点，都是负值。
右端是偶数2n.      
                  
                    Pn=X/2                 
           Y           ↑            ↗2n
           ↑0-1-2-3-*-5-6-7-8↓
           ↑   0-1-2-3-4-5-6   ↓ ↑
           ↑      0-1-2-3-4      ↓←X/2
           ↑         0-1-2         ↓ ↓
        -- ↑----------0----------↓→X
           ↑←-X/2-→←X/2-→↓

      证毕。

   注意！
     以上的证明是用符合自然法则的《中华单位论》相关定理证明的，但是她等同黎曼猜想（5）
正确的理论可以使复杂的问题简单化；错误的理论使问题复杂化，因此人们难以理解，无论小学生，中学生，高中生还是大学生普遍存在不愿意学习数学，因为他们学不明白；事实是老师也根本教不明白！
不要在继续利用错误的西方理论了！
刘丹和广大网友们应该觉醒了！！