一句话证明费马大定理成立

申一言

[这个贴子最后由申一言在 2009/11/15 11:20am 第 1 次编辑]

   因此:
       只有 (a+b)^n=2^n是正确的!
       即
             (a+b)^n=c^n
     1.a+b                              2
     2.a^2+2ab+b^2,                     4
     3.a^3+3a^2b+3ab^2+b^3              8
            *
            *
            *
    n.(a+b)^n                            2^n
                 这才是大自然的规律!
                 这才是费马大猜想的实质!
                 这就是天圆地方的神韵!
                 这就是《中华单位论》的灵魂!
                                           敬请三思!

changbaoyu

自己糊弄一下自己，２４楼是这样想的吗？！关键是你这个理认为如何？自已说了算！然后再下走。！

changbaoyu

luckylucky ：是内行。
     能说明其意吗？或问题？！不久我会给出其证明。玉。2009/11/15

dajiang

[这个贴子最后由dajiang在 2009/11/15 08:59pm 第 1 次编辑]

假设费马大定理不成立，那么，将方程
整数n＞2，(x，y，z)=1，x^n+y^n=z^n ，                         (1)
写作 整数n＞2 ，(a，b，c)=1，[(a+b)+c]^n－(a+b)^n =(a+c)^n    (2)
*******************************************************************
（2）在假设条件下一定是恒等式（真），再证明等式不成立，则费马大定理不成立。
16楼已经指出（2）是假等式。
    在假设条件下(a+c，a+b）=1 时（2）是“真”等式，在(a+c，a+b）=k＞1时
（2）就不是等式了。（2）在假设条件下可能是等式，也可能不是，因而为“假”。
证明：（a，b，c）= 1，(a+c)^n+(a+b)^n=[(a+b)+c]^n是假等式。
（a，b，c）= 1，但 a+c，a+b 不一定互质，设（a+c，a+b）=k＞1
a+c=kv，a+b=kw
c–b=k（v–w），c–b 不可以含k因子么？
例如：
（5，3，7）=1，5+3=8，5+7=12，含2、4因子
（3，7，22）=1，3+7=10，3+22=25，含5因子
（a+c，a+b）= k＞1时，（c，k）= 1，则
[(a+c)/k]^n+[(a+b)/k]^n=[(a+b)/k+c/k]^n
此式左边是整数，右边不是整数，不能相等，也就是
(a+c)^n+(a+b)^n=[a+b)+c]^n等式本身就存在成立与不成立两种可能，
然后证明(a+c)^n+(a+b)^n≠[(a+b)+c]^n，费马猜想成立。
这怎么能证明费马大定理？

luckylucky

回26楼的，烦请你证明一下如下等式不成立（当然显然它是不成立的）
(a*p+ra)^p + (b*p + 1)^p = (a*p +ra + 1)^p
p是素数。a,b任意自然数。 0<= ra <= p。
上述证明可以说和费马大定理基本上等价。

沟道效应

其实，一句话证明费马大定理成立，除1楼通过二项式公式，揭露
整数n＞2 ，(a，b，c)=1，[(a+b)+c]^n－(a+b)^n =(a+c)^n                  (2)
两边的数不同含c因数是一个妙法外，用揭露三底数排除不了是勾股数基因的性质，也是很有意思的，试述如下：
设v=1、2、…，n=1、2、…，m=v+n，据欧氏勾股弦一般构造式，就有
[(v+n)^2＋n^2]^2-[(v+n)^2-n^2]^2-[2(v+n)n]^2=(v^2+2vn+2n^2)^2-(v^2+2vn)^2
-(2vn+2n^2)=(2vn+2n^2+v^2)^2-(2vn+2n^2)^2-(2vn+v^2)^2
````````````∈(a+b+c)^2－(a+b)^2 －(a+c)^2=0                             (3)
是二元函数。其中，2vn=a、2n^2=b、v^2=c
据(3)证明(2)三底数排除不了是“以二元函数勾股弦数为底”之悖理.即有伪性为
(a+b+c)^n-(a+b)^n-(a+c)^n=(a+b+c)^2(a+b+c)^`n-2`－[(a+b)^2(a+b)^`n-2＋
－(a+c)^2(a+c)^n-2]=[(a+b)^2＋(a+c)^2]((a+b+c)^`n-2`－[(a+b)^2(a+b)^`n-2＋
(a+c)^2(a+c)^n-2]=[(a+b)^2(a+b+c)^`n-2`＋(a+c)^2(a+b+c)^n-2]－
`````````````````````[(a+b)^2(a+b)^`n-2＋(a+c)^2(a+c)^n-2]＞0。          (4)
据(4)证明费马大定理成立。

changbaoyu

回：上述证明可以说和费马大定理基本上等价。【道理是一样的】。
    不三底数是根本就不存在。！！！己证之．
我用：ｎ：ｎ＝１式表明，只有ｎ＝２为真．大于２时，ｎ：ｎ＝１是隔绝层，即从２可知其底数关系不可能進入指数３．后者同．玉．稍等为好．

changbaoyu

据(4)证明费马大定理成立。是两码事。

changbaoyu

这怎么能证明费马大定理？这就是焦点两难问题要解！
因我涉及早于怀尔斯，加上已知原因都不当回事，但观网上成热门就暂進了。可以说早就己解。现整整是有用。起码不会害人就行。

changbaoyu

网友就不会说黄话了。证明假设不成立，费马
大定理成立得证。
管好自已勿管人。也许将来写清础。