本帖最后由 ataorj 于 2020-12-1 07:14 编辑
已知:点A,B,C在圆O上,BA=BC,K是AC中点,P是KC中点,CI平分∠BCA交圆O于Q,AI平分∠BAC交圆O于F,M是BI中点,PI和MH⊥于H.
求证H⊥BH.
证明:如图,易知B,M,O,I,K共线.BK交圆O于N.
易知∠1=∠2,则弧QB=弧FB,连接QF交BI于M',则∠4=∠5,BQ=BF,易知弧QN=弧FN,则∠QBM'=∠FBM',则△BM'F≌△BM'Q,则∠BM'F=∠BM'Q=90°,QF⊥BM',又CI平分∠BCA交圆O于Q,则Q为弧AB中点,则∠3=∠4,又∠BM'F=∠IM'F(=90°),则△BM'F≌△IM'F,则BM'=IM',而又BM=IM且M和M'都在BI上,则M和M'为同一点.
因∠BMQ=90°,过B,M,Q做圆J则QB为其直径.PH交圆J于H'和G,交QF于L.QB为圆J直径,则∠QGB=∠QH'B=90°.
由前文易知QM⊥MK,且CK⊥MK,则QM//CK,又PK=PC,则LM=LQ.
以QM为轴向下180°翻转圆J,得到圆J',易知,I在圆J'上[这是因为BM=IM且QM⊥MK],又由于L为这两圆之间的中点且L在线段IG上,由对称性可知LG=LI.
BG取中点R,连接RL,有RL//BI且RL=BI/2=BM,又∠BML=90°,则BMLR为矩形,则∠MBR(=∠MBG)=90°,而又前文已经知道∠QGB和∠QMB都=90°,则∠MQG=90°,则BMQG为矩形,则弧QG=弧MB,∠GH'Q=∠BH'M,而又[见前文]∠QH'B=90°,则∠GH'M=90°,又MH⊥PH,则H'和H为同一点,而又[见前文]∠QH'B=90°即QH⊥BH,证毕.
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